Задача для уравнений четвертого порядка
Download 63.33 Kb.
|
1 2
Bog'liqК.С.Гозиев
- Bu sahifa navigatsiya:
- Существование решения
- ЛИТЕРАТУРА
xx xy x CU 2dy Г D1 (U 2 U 2 C U 2 )dxdy (UUxxxdy UxUxxdy UUyyxdy UxUxydx CU dy 0 . 2 AB AB AB AB AB Используя (11) из последнего равенства получим Volume-11| Issue-5| 2023 Published: |22-05-2023| 1 x xy xx xy x U U dx (U 2 U 2 C U 2 )dxdy . (18) D D1 Используя соотношение (16) вычислим первый интеграл 1 1 2 1 2 2 1 UxUxydx dx dx 2 ( ) dx 2 ( (1) (0)). AB AB 0 0 В силу условия (0) (1) 0 получим что, UxUxydx 0 . AB Тогда из (18) получим xx xy x (U 2 U 2 C U 2 )dxdy 0 . (19) D Если Cx 0 , то из (19) следует, что U 0 . Если Cx 0 , то из (19) следует, что U x Uy const , так как U C2 (D ) U Г Ux 0, 0 является только тривиальным. Таким образом U 0 в D1 . Тогда и U (x,0) 0 . В силу этого из (16) следует что (x) 0 на AB . В силу единственности задачи Коши для уравнения (14) U (x, y) 0 в D2 . Следовательно U (x, y) 0 в D . Теорема доказана. В области D1 рассмотрим следующие задачи CU , (23) Г (x, y), (x), AB где (24) 2V x2 . (25) Volume-11| Issue-5| 2023 Published: |22-05-2023| 1 G (x, y, ,0) ( )d G(x, y, ,)CU ( ,)dd , (26) 0 где G(x, y, ,) D 1 ln 1 g(x, y, ,) 2 r – функция Грина, r (x )2 ( y )2, g(x, y, ,) – регулярная часть функции Грина. Из обозначения (25) получим следующие задачи Wx (x, y),W Г Ux Г f2 (x, y)x f1(x, y)xs f21(x, y) , (27) 1 здесь Г (x, y), x2 y2 1 , 1 x 1, 1 4 2 Ux W (x, y), U f1(x, y) . (28) Г 1 Решая задачу (27) имеем W (x, y) 1 (s)ln((x (s))2 ( y (s)2 )(s)ds Г x g1 (x, y, (s),(s))(s)ds C( ,)G(t, y, ,)U ( ,)dd)dt Г x 1 G (t, y, ;0) ( y ) D1 ( )d dt f22 (( y), y) , (29) ( y ) 0 где y g1(x, y, (s),(s)) ( y) g (x,t, (s),(s))dt g0 (x,t, (s),(s)) . Устремляя точку (x, y) к точке ( (s0 ),(s0 )) Г2 из (29) получим s 1 K (s , s) (s) K (s , s, ,)U ( ,)d d F (s s) , (29.1) 1 0 1 3 0 4 0 Г D здесь 1 s s s, F s , s 2 F '(s0 ) ds , 4 0 Г s0 s 3 0 К s , s, , C( ,) 1 s s ( s0 ) G(t,(s0 ), ,)dtds , Г 0 ( ( s0 ) А также из (29) при y 0 получим Volume-11| Issue-5| 2023 Published: |22-05-2023| W (x,0) (s) ln (x )2 (0 )2 (s) Г g(x,0, (s),(s))(s) x 1 G (t,0, ,0) ( )d dt Г (0) 0 x С( ,)G(t,0, ,)Udd dt f22 ((0),0) . (30) (0) Так как W (x, y) Ux то W (x,0) (x) . x 1 J G x 1 (t,0, 1 ,0) ( )d dt dt G (t,0, ,0) ( )d (0) 0 x (0) 0 1 1 dt (x)G (t,0, ,0) 0 G (t,0, ,) ( )d . (0) 0 В силу (0) (1) 0 из последнего выражении получим x 1 J1 dt G (t,0, ,0) ( )d . (0) 0 Таким образом, получаем интегральные уравнение относительно (x) в виде 1 x x (x) G (t,0, ,0)dt ( )d G(t,0, ,)CUdd 0 (0) D (0) ((s) ln(x ) g(x,0, (s),(s))(s)ds F (x) , (31) 1 Г 1 21 где F (x) (s) ln(x )2 (0 )2 ) g(x,0, (s),(s))(s)ds f Г Рассмотрим следующие выражение ((0),0) . x (0) G (t, y, ,)dt (s) ln(x ) g2 (x, y, ,) . Дифференцируя последние выражения по получим G (x,0, ,0) (s) 1 x g2 (x,0, ,0) . Volume-11| Issue-5| 2023 Published: |22-05-2023| x x x (0) G (t, y, ,)dt (0) ln((t )2 ( y )2) (0) g2(t, y, ,)dt y ln((x )2 ( y )2) g 2 2 (x, y, ,) . При y 0 и 0 этот интеграл не имеет особенностей. Решая задачу (28) получим U (x, y) x 2 ( y ) W (t, y)dt f1(( y), y). (32) Подставляя (29) в (32) имеем x U (x, y) 1 2 2
|
1 2
Ma'lumotlar bazasi mualliflik huquqi bilan himoyalangan ©fayllar.org 2024
ma'muriyatiga murojaat qiling
ma'muriyatiga murojaat qiling