I hol. BAE= BCE=α=>(IV chizmaga qarang)=> AB=BC=> AB:BC=1 , ya’ni masala sharti bajarilmaydi.
II hol. ABE= BCE=α (V chizmaga qarang). Bu holda BAE= CBE va ularning qiymatini β deb olsak, β+ α =900 bo’ladi. Bu yerdan
B= ABE+ CBE= β+ α =900
ekanligi kelib chiqadi.
Javob: C)
9) Agar bo’lsa, ifodaning qiymati quyidagilarning qaysi biri bo’la oladi?
A) −4, 4 B) −2, 2 C) −6 D) 0
Yechim: .
Javob: B)
10) Ushbu tenglamaning haqiqiy ildizlari yig’indisini toping:
.
A) 0 B) 3 C) −3 D) 6
Yechim: Berilgan tenglamadan quyidagilar kelib chiqadi:
.
Hosil bo’lgan kvadrat tenglama ikkita haqiqiy ildizga ega va ularning qiymatlari ±1 va −3 dan farqli. Bu yerdan, , Viet teoremasiga asosan, ularning yig’indisi 3 ga teng ekanligi kelib chiqadi.
Javob: B)
11) ko’phadni x2+2 ga bo’lganda qanday qoldiq qoladi?
A) x+2 B) 2x+1 C) x−5 D) x+3
Yechim: P(x) ko’phad ifodasida x2+2 ko’paytuvchini hosil etamiz:
.
Bu natijaga ko’phadni x2+2 ikkihadga ustun usulida bo’lish orqali ham kelish mumkin.
Javob: C)
12) Ildizlari x1 va x2 bo’lgan, hamda x1∙ x2=4, shartlarni qanoatlantiruvchi kvadrat tenglamani toping.
A) x2−10x+4 B) x2−8x+4 C) x2+8x+4 D) x2−6x+4
Yechim: Oldin x1+x2=X yig’indi qiymatini topamiz. So’ngra, x1∙ x2=4 shart va Viyet teoremasidan foydalanib, izlangan kvadrat tenglamani aniqlaymiz:
.
Javob: A)
13) ABC uchburchakning AB tomonini diametr qilib chizilgan aylana BC ni D nuqtada kesadi. Agar CD=2 va AB=BC=6 bo’lsa, AC ni toping.
A) B) C) D) 3
Yechim: Chizmaga asosan BD=BC−CD=6−2=4, OA=OB=OD=6/2=3 va deb olsak, kosinuslar teoremasiga asosan
O D2=OB2+BD2−2∙OB∙BD∙cosα =>
=>9=9+16−24cosα => cosα=2/3 =>
=>AC2=AB2+BC2−2∙AB∙BC∙cosα=
=
А
36+36−2∙36∙2/3=72∙(1/3)=24=>
=>AC= .
Do'stlaringiz bilan baham: |